如图,在矩形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,AE平分∠BAC,交BC于点E.作DF⊥AE于点H,分别交...
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如图,在矩形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,AE平分∠BAC,交BC于点E.作DF⊥AE于点H,分别交AB,AC于点F,G.
(1)判断△AFG的形状并说明理由.
(2)求*:BF=2OG.
【迁移应用】
(3)记△DGO的面积为S1,△DBF的面积为S2,当=时,求的值.
【拓展延伸】
(4)若DF交*线AB于点F,【*质探究】中的其余条件不变,连结EF,当△BEF的面积为矩形ABCD面积的时,请直接写出tan∠BAE的值.
【回答】
(1)解:如图1中,△AFG是等腰三角形.
理由:∵AE平分∠BAC,
∴∠1=∠2,
∵DF⊥AE,
∴∠AHF=∠AHG=90°,
∵AH=AH,
∴△AHF≌△AHG(ASA),
∴AF=AG,
∴△AFG是等腰三角形.
(2)*:如图2中,过点O作OL∥AB交DF于L,则∠AFG=∠OLG.
∵AF=AG,
∴∠AFG=∠AGF,
∵∠AGF=∠OGL,
∴∠OGL=∠OLG,
∴OG=OL,
∵OL∥AB,
∴△DLO∽△DFB,
∴=,
∵四边形ABCD是矩形,
∴BD=2OD,
∴BF=2OL,
∴BF=2OG.
(3)解:如图3中,过点D作DK⊥AC于K,则∠DKA=∠CDA=90°,
∵∠DAK=∠CAD,
∴△ADK∽△ACD,
∴=,
∵S1=•OG•DK,S2=•BF•AD,
又∵BF=2OG,=,
∴==,设CD=2x,AC=3x,则AD=2x,
∴==.
(4)解:设OG=a,AG=k.
①如图4中,连接EF,当点F在线段AB上时,点G在OA上.
∵AF=AG,BF=2OG,
∴AF=AG=k,BF=2a,
∴AB=k+2a,AC=2(k+a),
∴AD2=AC2﹣CD2=[2(k+a)]2﹣(k+2a)2=3k2+4ka,
∵∠ABE=∠DAF=90°,∠BAE=∠ADF,
∴△ABE∽△DAF,
∴=,
∴=,
∴BE=,
由题意:10××2a×=AD•(k+2a),
∴AD2=10ka,
即10ka=3k2+4ka,
∴k=2a,
∴AD=2a,
∴BE==a,AB=4a,
∴tan∠BAE==.
②如图5中,当点F在AB的延长线上时,点G在线段OC上,连接EF.
∵AF=AG,BF=2OG,
∴AF=AG=k,BF=2a,
∴AB=k﹣2a,AC=2(k﹣a),
∴AD2=AC2﹣CD2=[2(k﹣a)]2﹣(k﹣2a)2=3k2﹣4ka,
∵∠ABE=∠DAF=90°,∠BAE=∠ADF,
∴△ABE∽△DAF,
∴=,
∴=,
∴BE=,
由题意:10××2a×=AD•(k﹣2a),
∴AD2=10ka,
即10ka=3k2﹣4ka,
∴k=a,
∴AD=a,
∴BE==a,AB=a,
∴tan∠BAE==,
综上所述,tan∠BAE的值为或.
【分析】(1)如图1中,△AFG是等腰三角形.利用全等三角形的*质*即可.
(2)如图2中,过点O作OL∥AB交DF于L,则∠AFG=∠OLG.首先*OG=OL,再*BF=2OL即可解决问题.
(3)如图3中,过点D作DK⊥AC于K,则∠DKA=∠CDA=90°,利用相似三角形的*质解决问题即可.
(4)设OG=a,AG=k.分两种情形:①如图4中,连接EF,当点F在线段AB上时,点G在OA上.②如图5中,当点F在AB的延长线上时,点G在线段OC上,连接EF.分别求解即可解决问题.
知识点:各地中考
题型:综合题
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